泉州市2019届普通高中毕业班质量检查
理科综合能力测试（物理部分）
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分
1.重核裂变的一个核反应方程为7.6MeV、8.4MeV、8.7MeV，则 A. 该核反应方程中x=10 B.
U的中子数为92
U+n→
Xe+Sr+xn，已知
U、
Xe、Sr的平均结合能分别为
C. 该核反应释放9.5MeV的能量 D.
U的平均结合能比
Xe小，
U比
Xe更稳定
【答案】A 【解析】 【分析】
根据重核裂变的一个核反应方程可知，本题考查“重核裂变”，根据质量数和电荷数守恒，平均结合能等知识进行求解。
【详解】A项：根据质量数和电荷数守恒可知，x=10，故A正确； B项：
的质子数为92，质量数为235，所以中子数为143，故B错误；
C项：由于不知道中子的平均结合能，所以无法确定该核反应释放的能量，故C错误； D项：平均结合能越大，表示原子越稳定，故D错误。 故选：A。
【点睛】考查依据核反应方程确定质量亏损，并由质能方程是正确解题的关键。
2.甲、乙两冰雹从高空由静止落下，假设两冰雹下落过程中空气阻力大小均与速率的二次方成正比，且比例系数相同，甲的质量是乙的2倍，则下落过程中 A. 甲的最大加速度是乙的2倍 B. 甲的最大速度是乙的2倍
C. 甲的最大动量是乙的倍 D. 甲的最大动能是乙的4倍 【答案】D 【解析】 【分析】
根据两冰雹下落过程中空气阻力大小均与速率的二次方成正比，且比例系数相同，甲的质量是乙的2倍可知，本题考查物体受到阻力时的运动情形，根据牛顿第二定律，动量，动能等知识进行分析解答。 【详解】A项：冰雹下落过程中空气阻力大小均与速率的二次方成正比，所以下落过程中最大加速度为速度为0时，冰雹只受重力，所以加速度均为g，故A错误； B项：当冰雹的重力与阻力相等时加速度为0，速度最大，即有的2倍，所以甲的最大速度是乙的倍，故B错误； C项：动量为：倍，故C错误； D项：动能为：4倍，故D正确。 故选：D。
【点睛】本题考查的知识点的难度其实不大，难度主要是在于本题的分析能力比较强。解答本题时，我们需要先对物体进行受力分析，然后根据物体的受力情况判断物体的运动状态，再根据题意分析出物体受力情况如何时速度是最大的，最后再根据物理知识和题意得出最大速度的表达式。
3.如图，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，半径OC与OB夹角为60°。甲电子以速率v从A点沿直径AB方向射入磁场，从C点射出。乙电子以速率从B点沿BA方向射入磁场，从D点(图中未画出)射出，则
，由于甲的质量是乙的2倍，甲的最大速度是乙的倍，所以甲的最大动能是乙的，由于甲的质量是乙的2倍，甲的最大速度是乙的倍，所以甲的最大动量是乙的2
，得：
，由于甲的质量是乙
A. C、D两点间的距离为2R B. C、D两点间的距离为R
C. 甲在磁场中运动的时间是乙的2倍 D. 甲在磁场中运动的时间是乙的3倍 【答案】B 【解析】 【分析】
根据半径为R的圆形区域内有垂直于纸面的匀强磁场，半径OC与OB夹角为60°。甲电子以速率v从A点沿直径AB方向射入磁场，从C点射出可知，本题考查带电粒子在磁场中的偏转，根据粒子在磁场中做匀速圆周运动知识和几何关系进行求解。 【详解】A、B项：洛伦兹力提供向心力，速度是其轨道半径BD=
，故A错误，B正确；
，所以两粒子的运动时间之比等于偏转角之比即为1：得
由几何关系求得
由于质子乙的
它们在磁场中的偏转角分别为60°和120°，根据几何知识可得BC=R，
所以CD=2Rsin60°=
C、D项：粒子在磁场中运动的时间为
2即甲在磁场中运动的时间是乙的倍，故C、D错误。 故选：B。
【点睛】本题是带电粒子以大小不的速率朝着圆心方向射入圆形磁场，且入射方向相反，且速度有一定的关系，由洛仑兹力提供向心力求得半径关系，由几何关系就能求出两出射点之间的距离。
4.某游戏装置如图所示，安装在竖直轨道AB上的弹射器可上下移动，能水平射出速度大小可调节的小弹丸。圆心为O的圆弧槽BCD上开有小孔P，弹丸落到小孔时，速度只有沿OP方向才能通过小孔，游戏过关，则弹射器在轨道上
A. 位丁B点时，只要弹丸射出速度合适就能过关 B. 只要高于B点，弹丸射出速度合适都能过关 C. 只有一个位置，且弹丸以某一速度射出才能过关
D. 有两个位置，只要弹丸射出速度合适都能过关 【答案】C 【解析】 【分析】
根据安装在竖直轨道AB上的弹射器可上下移动，能水平射出速度大小可调节的小弹丸，本题考查了平抛运动的运用，抓住速度方向垂直P点圆弧的切线方向是关键，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过运动学公式和几何关系进行求解。
【详解】A项：根据平抛运动速度反向延长线过水平位移的中点可知，位于B点时，不管速度多大，弹丸都不可能从P点射出，故A错误；
B、C、D项：根据平抛运动速度反向延长线过水平位移的中点可得：则竖直位移PN=CN?tanα=
弹射器高B点的高度为y=PN-Rsinα=
，所以只有一
个位置，射出才能过关，故B、D错误，C正确。
故选：C。
【点睛】根据平抛运动速度反向延长线过水平位移的中点结合几何关系求解竖直方向的位移，再进一步求解弹射器高B点的高度。
5.如图，在竖直向下的匀强电场中，质量为0.5kg的带正电小物块从光滑绝缘斜面上的A点由静止释放，经过B点后进入绝缘水平面，最后停在C点。某些时刻物块的瞬时速率记录在下表中。若物块经过B点前后速度大小不变，电场力与重力大小相等，取g=10m/s，则
2
A. t=6s时物块恰好经过B点
B. t=12s时物块恰好到达C点 C. 物块与水平面间的动摩擦因数为
D. 整个过程中物块屯势能的减少量等于系统内能的增加量 【答案】C 【解析】 【分析】
根据带正电小物块从光滑绝缘斜面上的A点由静止释放，经过B点后进入绝缘水平面，最后停在C点可知，本题考查带电物块在电场中的运动，根据运动学和牛顿运动定律进行分析求解。 【详解】A、B项：根据图表中的数据，可以求出物体下滑的加速度经过B点时，B点的速度为 vB=a1t=物体在水平面上滑动时的加速度
则设物体在斜面上滑行时间为t1，从斜面底端到速度为12m/s的时间为t2． 则有： a1t1+a2t2=12m/s t1+t2=6s
解得t1=5s，即物体加速5s后到达B点，此时
，若t=6s时刻物体恰好
所以第6s已过B点，同样根据图表数据可知，
从B开始减速至物体停止，由速度时间关系可得在BC段运动的时间t3=，故A、B错误；
C项：由A、B项分析可知，物体在水平面上的加速度为中
，解得：
，故C正确。
，由牛顿第二定律可得：，其
D项：由能量守恒可知，整个过程中物块电势能和重力势能的减少量之和等于系统内能的增加量，故D错误。 故选：C。
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【点睛】解决本题的关键熟练掌握运动学公式v-v0=2ax、v=v0+at，并能通过计算分析物体的运动过程，不
能凭感觉认为6s末物体的速度最大刚好到达B点。
6.由于线路抢修，市区停电，某学校启动了临时供电系统，它由备用交流发电机和变压器组成，如图所示，调节滑动触头P可改变变压器副线圈的匝数，R为输电线电阻。开关S处于断开状态，教室内的灯泡都正常
【市级联考】福建省泉州市2019届高三普通高中毕业班第一次质量检查理科综合物理试题(解析版)
